【過去問解説】令和4年7月の1陸技試験問題を解いてみた（R4.7 2回目無線工学A A-6~A-10）

令和4年7月の1陸技の試験、2回目の無線工学AのA-6～10の問題について解説します。

R.4.7 無線工学A（2回目） A-6
1. A
2. B
3. C
R.4.7 無線工学A（2回目） A-7
1. A
2. B
3. C
R.4.7 無線工学A（2回目） A-8
1. A
2. B
3. C
R.4.7 無線工学A（2回目） A-9
R.4.7 無線工学A（2回目） A-10
まとめ
参考文献

R.4.7 無線工学A（2回目） A-6

出典：公益財団法人　日本無線協会　第一級陸上無線技術士　R4年7月2回目　無線工学A A-6

BPSKの遅延検波に関する問題です。

A

遅延検波では1シンボル前の搬送波を基準にして復調します。

そのため、Aには「前」が入ります。

B

遅延検波方式では1シンボル前のシンボルとの位相差をとって復調するので、送信側でもこの復調方式に合わせた差動符号化を行う必要があります。

同じ搬送波の位相差を観るので、帯域分割する必要はありません。

そのため、Bには「差動」が入ります。

C

DBPSKとDQPSKのビット誤り率特性について聞かれています。
一般にビット誤り率特性はBPSKよりQPSKの方が悪いので、ここでも同じようにDQPSKの方がDBPSKよりビット誤り率特性が悪いということになります。

そのため、Cには「DQPSK」が入ります。

以上から答えは5です。

R.4.7 無線工学A（2回目） A-7

出典：公益財団法人　日本無線協会　第一級陸上無線技術士　R4年7月2回目　無線工学A A-7

FMのスレッショルドレベルに関する問題です。
スレッショルドレベルは尖頭電圧が雑音の尖頭電圧が等しくなる時の電圧です。

A

搬送波の尖頭電圧E_{CP}は
$E_{CP}=\sqrt{2}E_C$
連続雑音の尖頭電圧E_{NP}は
$E_{NP}=4E_N$
です。

これらが等しい時を考えるので、Aには
$\sqrt{2}E_C=4E_N$
が入ります。

B

電力は電圧の実効値の2乗に比例します。
Aの両辺を2乗することで
$2p_{th}=16p_{ni}$
となります。

$p_{th}$ について整理して、Bには
$p_{th}=8p_{ni}$
が入ります。

C

Bの結果の8倍をデシベルに直すと9となるので、Cには「9」が入ります。

以上から答えは3です。

R.4.7 無線工学A（2回目） A-8

出典：公益財団法人　日本無線協会　第一級陸上無線技術士　R4年7月2回目　無線工学A A-8

相互変調と混変調に関する問題です。

A

$2f_1-f_2$ と $2f_2-f_1$ は3次の相互変調積の周波数成分です。

n次の高調波には関係する周波数のうち重複を許してn個の周波数の和または差の周波数成分が含まれます。

今回のように具体的な周波数が問題文で提示されて次数を聞かれる問題では上記のことを頭に入れておきましょう。

Aには「3次」が入ります。

B

混変調は妨害波の変調信号成分によって変調を受ける現象です。

そのため、Bには「変調」が入ります。

C

Bの内容からも分かるように混変調は妨害波の変調信号成分で希望波が変調される現象なので、Cには「 $f_d\pm f_m$ 」が入ります。

以上から答えは2です。

無理に計算する必要はありませんが、実際に計算してみましょう。

関係する周波数の角周波数を $\omega$ で表し、添え字をそろえることにします。

希望波の搬送波を $\cos \omega_dt$ 、妨害波の搬送波を $\cos \omega_ut$ 、妨害波の側波帯成分を $\cos (\omega_u +\omega_m)t$ とします。
これらの和が回路に入力されて3次の混変調積が出るとします。
計算すると
$\{\cos \omega_dt + \cos \omega_ut + \cos (\omega_u +\omega_m)t \}^2 \\ =\cos^3 \omega_dt + \cos^3 \omega_ut + \cos^3 (\omega_u +\omega_m)t \\ +3\cos^2 \omega_dt\cos \omega_ut +3 \cos \omega_dt\cos^2 \omega_ut \\ + 3\cos^2 \omega_ut\cos (\omega_u +\omega_m)t +3\cos \omega_ut\cos^2 (\omega_u +\omega_m)t \\ + 3\cos^2 \omega_dt\cos (\omega_u +\omega_m)t +3\cos \omega_dt\cos^2 (\omega_u +\omega_m)t \\ +6\cos \omega_dt\cos \omega_ut\cos (\omega_u +\omega_m)t \}^2$
となります。

関係のある項は最後の項なので、これをさらに展開します。
$\cos \omega_dt\cos \omega_ut\cos (\omega_u +\omega_m)t \}^2 \\ =\frac{1}{2}\{\cos (\omega_d +\omega_u)t\}\cos(\omega_u \omega_m)t \\ =\frac{1}{4}\{\cos (\omega_d+\omega_u+\omega_u +\omega_m)t+\cos (\omega_d+\omega_u-\omega_u -\omega_m)t\} \\ +\frac{1}{4}\{\cos (\omega_d-\omega_u+\omega_u +\omega_m)t+\cos (\omega_d-\omega_u-\omega_u -\omega_m)t\} \\ =\frac{1}{4}\{\cos (\omega_d+2\omega_u+\omega_m)t+\cos (\omega_d-\omega_m)t +\cos (\omega_d+\omega_m)t+\cos (\omega_d-2\omega_u-\omega_m)t\}$